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物理試題
一、：（本題共12小題，每小題3分，共36分．在每小題給出的四個選項中，只有一個選項正確，選對得3分，錯選或不答得零分。請答在答題卡上）
1．若規(guī)定向東方向為位移的正方向，今有一個皮球停在坐標原點處，輕輕踢它一腳，使它向東作直線運動，經過5m時與墻相碰后又向西做直線運動，經過7m停下，則上述過程皮球通過的路程和位移分別是（ ）
A．12m、2m B．12m、-2m C．-2m、-2m D．2m、2m
2．下列有關質點的說法中，正確的是 ( )
A. 研究哈雷彗星公轉時，哈雷彗星不可看作質點
B. 花樣滑冰運動員正在表演冰上舞蹈動作，此時該運動員可看作質點
C. 因為子彈的質量、體積都很小，所以在研究子彈穿過一張薄紙所需的時間時，可把子彈看作質點
D. 用GPS定位系統(tǒng)確定正在南極冰蓋考察的某科考隊員位置時，該隊員可看作質點
3．力F1單獨作用于一物體時，物體獲得的加速度大小為3m/s2；力F2單獨作用于同一物體時，物體獲得的加速度大小為5m/s2；當F1和F2共同作用于該物體時，物體獲得的加速度大小不可能是（ ）
A．1m/s2 B．2m/s2 C．4m/s2 D．8m/s2
4．關于作用力和反作用力，下列說法正確的是（ ）
A. 地球對重物的作用力大于重物對地球的作用力
B. 石頭擊雞蛋，石存蛋破，證明作用力可以大于反作用力
C. 勻速上升的氣球所受浮力沒有反作用力
D. 當作用力是摩擦力時，反作用力也一定是摩擦力
5．如圖，a、b為兩根相連的輕質彈簧，它們的勁度系數(shù)分別為ka = 1×103N/m、kb = 2×103N/m，原長分別為6cm、4cm．在下端掛一物體G，物體受到的重力為10N，平衡時 則下列說法中正確的是（ ）
A．彈簧a下端受的拉力為5N，b下端受的拉力為5N
B．彈簧a下端受的拉力為4N，b下端受的拉力為6N
C．彈簧a的長度變?yōu)?.4cm，b的長度變?yōu)?.3cm
D．彈簧a的長度變?yōu)?cm，b的長度變?yōu)?.5 cm
6．如圖所示，輕繩AO和BO共同吊起質量為m的重物。AO與BO垂直，BO與豎直方向的夾角為θ。則（ ）
A．AO所受的拉力大小為 mgsinθ B．AO所受的拉力大小為mgsinθ
C．BO所受的拉力大小為mgtanθ D．BO所受的拉力大小為 mgcosθ
7．一輛汽車從靜止開始由甲地出發(fā)，沿平直公路開往乙地。汽車先做勻加速運動，接著做勻減速運動，開到乙地剛好停止，其速度?時間圖像如圖所示，那么在0～10s和10～40s兩段時間內 ( )
A. 平均速度大小之比為1∶3
B. 平均速度大小之比為4∶3?
C. 位移大小之比為1∶3
D. 加速度大小比為4∶1
8．如圖所示，沿光滑的豎直墻壁用網兜把一個足球掛在A點。當懸線變短時，下列說法中正確的是（ ）
A．懸線的拉力變小　　　　
B．懸線的拉力變大
C．球對墻的壓力變小　　　　
D．球對墻的壓力不變
9．三個長方體物塊A、B、C，作如圖所示的連結。繩子不可伸長，且繩子和滑輪的質量、滑輪的摩擦均可不計。若B隨A一起沿水平桌面做勻速運動，A與B間的動摩擦因數(shù)μ1、A與桌面間的動摩擦因數(shù)μ2可能是（ ）
①μ1≠ 0，μ2≠0 ②μ1≠ 0，μ2 = 0
③μ1 = 0，μ2 ≠ 0 ④μ1 = 0，μ2 = 0
A．①③　　　　B．①④　　　　C．②③　　　　D．②④
10．為了節(jié)省能量，某商場安裝了智能化的電動扶梯。無人乘行時，扶梯運轉得很慢；有人站上扶梯時，它會先慢慢加速，再勻速運轉。一顧客乘扶梯上樓，恰好經歷了這兩個過程，如圖所示。那么下列說法中正確的是（ ）
A．顧客始終受到三個力的作用
B．顧客始終處于超重狀態(tài)
C．顧客對扶梯作用力的方向先指向左下方，再豎直向下
D．顧客對扶梯作用力的方向先指向右下方，再豎直向下
11．如圖所示，AC是上端帶小的定滑輪的固定豎直桿，質量不計的輕桿BC一端通過鉸鏈固定在C點，另一端B懸掛一重為G的重物，且B端系有一根輕繩并繞過定滑輪A，用力F拉繩，開始時∠BCA＞90°。現(xiàn)使∠BCA緩慢變小，直到桿BC接近豎直桿AC，不計一切摩擦。此過程中，桿BC所受的力（ ）
A．大小不變
B．逐漸增大
C．先減小后增大
D．先增大后減小
12．輕繩一端系在質量為m的物體A上，另一端系在一個套在粗糙豎直桿PQ的圓環(huán)上.現(xiàn)用水平力F拉住繩子上一點O，使物體A從圖中實線位置緩慢下降到虛線位置，但圓環(huán)仍保持在原來位置不動.則在這一過程中，環(huán)對桿的摩擦力f和環(huán)對桿的壓力N的變化情況是（ ）
A．f保持不變，N逐漸增大
B．f逐漸增大，N保持不變
C．f逐漸減小，N保持不變
D．f保持不變，N逐漸減小
二、、實驗題（每空3分，共27分）
13．在驗證“互成角度的兩個力的合成”的實驗中，先將橡皮條的一端固定在水平木板上，另一端系上帶有繩套的兩根細繩。實驗時，需要兩次拉伸橡皮條，一次是通過兩細繩用兩個彈簧秤互成角度地拉橡皮條，另一次是用一個彈簧秤通過細繩拉橡皮條。
（1）實驗對兩次拉伸橡皮條的要求中，下列_______是正確的（填字母代號）。
A．將橡皮條拉伸相同長度即可
B．將橡皮條沿相同方向拉到相同長度
C．將彈簧秤都拉伸到相同刻度
D．將橡皮條和繩的結點拉到相同位置
（2）同學們在操作過程中有如下議論，其中對減小實驗誤差有益的說法是______（填字母代號）。
A．兩細繩必須等長
B．彈簧秤、細繩、橡皮條都應與木板平行
C．用兩彈簧秤同時拉細繩時兩彈簧秤示數(shù)之差應盡可能大
D．拉橡皮條的細繩要長些，標記同一細繩方向的兩點要遠些
（3）某小組得出如圖所示的圖，其中A為固定橡皮條的圖釘，O為橡皮條與細繩套的結點。圖中 是F1和F2合成的理論值；
是F1和F2合成的實際值（填“F”或“F′”）。
（4）本實驗采用的科學方法是 （ ）
A．理想實驗法 B．等效替代法
C．控制變量法 D．建立物理模型法
14．某實驗小組采用圖示的裝置探究“牛頓第二定律”即探究加速度a與合力F、質量M的關系。實驗中，小車碰到制動裝置時，鉤碼尚未到達地面。
（1）為了把細繩對小車的拉力視為小車的合外力，要完成的一個重要步驟是__________________；
（2）為使圖示中鉤碼的總重力大小視為細繩的拉力大小，須滿足的條件是鉤碼的總質量________小車的總質量（填“大于”、“小于”、“遠大于”或“遠小于”）。
（3）一組同學在做小車加速度與小車質量的關系實驗時，保持鉤碼的質量一定，改變小車的總質量，測出相應的加速度．采用圖象法處理數(shù)據(jù)．為了比較容易地檢查出加速度a與小車的總質量M之間的關系，應作出a與_______的圖象．
（4）甲同學根據(jù)測量數(shù)據(jù)作出的a ? F圖象如圖所示，說明實驗中存在的問題是 ．
三、（37分）
15．（13分）正以υ=30m/s的速度運行中的列車，接到前方小站的請求：在該站�？�1分鐘接一位危重病人上車，司機決定以加速度大小a1=0.6m/s2的勻減速直線運動到小站，停車1分鐘后做加速度大小a2= 1.0m/s2的勻加速直線運動，又恢復到原來的速度。求：
（1）司機從停車開始減速到恢復原來速度共經歷的時間t；
（2）司機由于臨時停車共耽誤的時間△t。
16．（12分）如圖所示，質量為m=4kg的物體放在粗糙的水平面上，物體與水平面間的動摩擦因數(shù)為μ=0.2，物體在方向與水平面成α=37°斜向下、大小為20N的推力F作用下，從靜止開始運動，sin37°=0.6，cos37°=0.8，g=10m/s2。若5s末撤去F，求：
（1）5s末物體的速度大�。�
（2）前8s內物體通過的位移大小
17．（12分）2008年9月25日，神舟七號飛船運用我國自行研制的長征系列火箭發(fā)射成功，28日成功著陸。經查資料：火箭和飛船總質量約44t；點火后第12s末，火箭開始向東稍偏南的方向實施程序拐彎，此時火箭距地面高度為211m。根據(jù)以上信息，問：
（1）火箭起飛過程，飛船中的宇航員是處于超重還是失重狀態(tài)？
（2）假設這12s內火箭做勻加速直線運動，不計空氣阻力，則火箭起飛的推進力約為多大？（取g = 10m/s2，結果保留兩位有效數(shù)字）
晉江市季延中學2014?2014學年高一上學期期末考試物理答案
（36分）1B 2D 3A 4D 5D 6B 7C 8B 9A 10C 11A 12D
13．（15分）（1）BD （2）BD （3）F′；F （4）B
14．（12分）（1）平衡摩擦力 （2）遠小于 （3）1M （4）斜面的傾角過大
15．（13分）【解析】
（1）設列車行駛的方向為正方向，勻減速和勻加速經歷的時間分別為t1和t2，則
0 = υ ? a1t1 （1分）
υ = a2t2 （1分）
t1 = s = 50s （1分）
t2 = s =30 s （1分）
t停 = 60s （1分）
則 t = t1+ t2 + t停 =140s （2分）
（2） ? υ2 = 2( ? a1)s1 （1分）
υ2 = 2a2s2 （1分）
列車勻減速行駛的位移 s1 = m = 750m （1分）
列車勻加速行駛的位移 s2 = m = 450m （1分）
列車以υ勻速行駛時需時 t0 = = 40 s （1分）
故列車耽誤的時間 △t = t ? t0 = 100s （1分）
16．（12分）【解析】
（1）物體受力如圖所示，據(jù)牛頓第二定律有
豎直方向上 N－mg－Fsinα=0 （1分）
水平方向上 Fcosα ? f=ma （1分）
又 f=μN （1分）
解得 a= =1.4m/s2 （1分）
則5s末的速度大小 υ5=at1=1.4×5m/s=7.0m/s （1分）
（2）前5s內物體的位移s1= 12 at12=17.5m （1分）
撤去力F后，據(jù)牛頓第二定律有 －f ′=ma′ （1分）
N′－mg=0 （1分）
又 f′=μN′ （1分）
解得 a′=－μg=－2m/s2 （1分）
由于 t止= ? υ5a′ = ? 7.0? 2s = 3.5s > t2 =（8－5）s
故 s2=υ5t2+ =12m （1分）
則前8s內物體的位移大小 s=s1+s2=29.5m （1分）
17．（12分）【解析】
（1）超重 （2分）
（2）火箭起飛過程看作初速度為零的勻加速直線運動，則
h = 12 at2 （3分）
得 a = 2ht2 = 2.9m/s2 （2分）
由牛頓第二定律
F - Mg = Ma （3分）


本文來自：逍遙右腦記憶 http://m.xiqigame.cn/gaoyi/75127.html

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